传送门(luogu)

传送门(CF)

前言

我来水题解力

简化题意

\(n\) 个人，\(m\) 个座位，每个人落座的方法有三种：

坐最左边的人的左边，没人的话就做 \(m\) 号座位，若最左边的为 \(1\) 号，就离开；

坐最右边的人的右边，没人的话就做 \(1\) 号座位，若最右边的为 \(m\) 号，就离开；

坐在 \(x_i\) 号座位上，有人就离开。

问任意搭配 \(n\) 个人落座顺序，坐下人数的最大值。

（这真的是简化题意吗）

Solution

思路

容易发现我们可以：

一直放 \(1\) 或 \(2\) 类人，碰到 \(3\) 类人要坐的位置就让 \(3\) 类人坐。

因为碰到第 \(3\) 类人的座位时，与其放 \(1\) 或 \(2\) 类人浪费放置次数，不如直接放第 \(3\) 类人。

那么我们要从哪儿开始放才能保证是最优解呢？

不难发现，起点的位置要么是一个第 \(3\) 类人的左右两边，要么是 \(1\) 或 \(m\) 号点。

于是，对于每一个 \(3\) 类人，我们可以计算出他左右两边不计其他第 \(3\) 类人占的座位的空座位数，以此来一一放置第 \(1,2\) 类人。

别忘了 \(1,m\) 号点也是起点。

时间复杂度

计算空座位只需 \(O(n)\)。

代码实现

写的丑，轻喷。

#include<iostream>

#include<cstring>

#include<algorithm>

using namespace std;

const int N = 1e5 + 5;

int t, n, m;

int a[N], cntl, cntr;

int main(){

	cin >> t;

	while(t -- ) {

		cntr = 0; cntl = 0; //多次不清空，亲人两行泪

		cin >> n >> m;

		for (int i = 1; i <= n; ++ i )

			cin >> a[i];

		sort(a + 1, a + 1 + n); //排序方便计算空座位数

		int i;

		for (i = 1; i <= n; ++ i ) //计算 1,2 类人的数量

			if(a[i] == -1) cntl ++ ;

			else if(a[i] == -2) cntr ++ ;

			else break;

		n = unique(a + i, a + 1 + n) - a - 1;

		//将第 3 类人去重，因为相同座位只能坐一个；i 是第一个第 3 类人的编号

		int ans = 0;

		for (int j = i; j <= n; ++ j ) {

			int L = a[j] - 1 - (j - i); //(j-i) -> a[j]之前有多少个第 3 类人

			int R = m - a[j] - (n - j); //(n-j) -> a[j]之后有多少个第 3 类人

			ans = max(ans, 1 + n - i + min(L, cntl) + min(R, cntr));

		} 

		ans = max(ans, n - i + 1 + max(min(cntl, m - (n - i + 1)), min(cntr, m - (n - i + 1))));

		//(n - i + 1) -> 第 3 类人个数

		cout << ans << "\n";

	}

	return 0;

}

CF1825C LuoTianyi and the Show的相关教程结束。